求数列的极限是高等数学很重要的一种计算题型。本文通过举例分享求数列极限的方法。

例1：求极限\(\lim_{n\to\infty}\sin(\pi\sqrt{n^2+1})\)

分析：这道题目很多辅导书上都有，难住了很多同学。如果把\(n\)改成\(x \)，作为函数的极限，是不存在的。因为\(\sqrt{n^2+1}\)和\(n\)“很接近”，感觉上极限很像是0.这种感觉正好也给我们解决问题的思路，即通过诱导公式，括号内变成\(\pi(\sqrt{n^2+1}-\sqrt n)\),再看看能否通过分子有理化得到结果。所以说，如果能把“感觉”融入思路，那么就可以找到解法。

解：\(\lim_{n\to\infty}\sin(\pi\sqrt{n^2+1})=\lim_{n\to\infty}(-1)^n\sin(\pi\sqrt{n^2+1}-n\pi)\\=\lim_{n\to\infty}(-1)^n\sin[\pi(\sqrt{n^2+1}-n)]=\lim_{n\to\infty}(-1)^n\sin\frac{\pi}{\sqrt{n^2+1}+n}\)

\(\because\lim_{n\to\infty}\sin\frac{\pi}{\sqrt{n^2+1}+n}=0\\ \therefore \lim_{n\to\infty}\sin(\pi\sqrt{n^2+1})=\lim_{n\to\infty}(-1)^n\sin\frac{\pi}{\sqrt{n^2+1}+n}=0\)（注：有界量乘无穷小是无穷小）

这类题目直接做无法下手但是可以通过代数变形化成特殊极限，所以解这种难题代数变形的基本功是很重要的，一定要多练习。

例2：第三届全国大学生数学竞赛预赛（非数学组）

设\(a_n=\cos{\theta\over2}\cos\frac{\theta}{2^2}\ldots\cos{\theta\over2^n}\),求\(\lim_{n\to\infty}a_n\)

分析：显然\(\theta=0\)时\(a_n=1\),数列的极限是1.其他情况，化简\(a_n\)是当务之急。观察到角的关系，可以想到引入一个\(\sin{\theta\over2^n}\),就可以接连使用二倍角公式了。

解：显然\(\theta=0\)时\(a_n=1\)，\(\lim_{n\to\infty}a_n=1\).\(\theta\not=0\)时，

\(a_n=\cos{\theta\over2}\cos\frac{\theta}{2^2}\ldots\cos{\theta\over2^n}\sin{\theta\over2^n}\frac{1}{\sin{\theta\over2^n}}={1\over2}\cos{\theta\over2}\cos{\theta\over2^2}\ldots \cos{\theta\over2^{n-1}}\sin{\theta\over2^{n-1}}\frac{1}{\sin{\theta\over2^n}}\\=\ldots=\frac{\sin\theta}{2^n\sin{\theta\over2^n}}\)

\(\therefore\lim_{n\to\infty}a_n=\lim_{n\to\infty}\frac{\sin\theta}{2^n\sin{\theta\over2^n}}=\lim_{n\to\infty}\frac{sin\theta}{2^n\frac{\theta}{2^n}}={\sin\theta\over\theta}\)

例3：第四届全国大学生数学竞赛预赛（非数学组）

求极限\(\lim_{n\to\infty}(n!)^{1\over n^2}\)

分析：这里是“幂指型”，先对数列通项取对数，得到\({1\over n^2}\ln(n!)\)，考虑求\(\lim_{n\to\infty}{1\over n^2}\ln(n!)\)，\(\ln(n!)=\ln2+\ln3+\ldots+\ln n\)，可以用定积分形式放缩。

解：\(\ln(n!)^{1\over n^2}={1\over n^2}\ln(n!)=\frac{\ln2+\ln3+\ldots+\ln n}{n^2}\sqrt{1\cdot3},4={3+5\over2}>\sqrt{3\cdot5},\cdots,2n={(2n-1)+(2n+1)\over2}>\sqrt{(2n-1)(2n+1)}\)

\(\therefore\frac{1\cdot3\cdots(2n-1)}{2\cdot4\cdots(2n)}