高中数学计数原理与排列组合概念解读 |
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计数原理与排列组合 概念解读 1.两个计数原理(分清是应用“加法”原理,还是“乘法”原理或是两者同时用)
完成一件事的策略 完成这件事共有的方法 分类加法计数原理 有两类不同方案,第1类方案中有m种不同的方法,第2类方案中有n种不同的方法 N=m+n种不同的方法 分步乘法计数原理 需要两个步骤,第1步有m种不同的方法,第2步有n种不同的方法 N=mn种不同的方法 2.排列( A-代表-Arrangement--排列数 ) 3.组合( C-代表-Combination--组合数 ) 组合的定义 从n个不同元素中,任意取出m(m≤n)个元素并成一组,叫作一个组合 组合数的定义 从n个不同元素中取出m(m≤n)个元素后,所有组合的个数 组合数公式 Cn(m)=m(m)=m!(n(n-1)(n-2)…(n-m+1))=m!(n-m)!(n!) 组合数的性质 (1)Cn(m)=Cn(n-m);(2)Cn(m)+Cn(m-1)=Cn+1(m)
4排列问题技法感悟 求解有限制条件排列问题的主要方法 直接法 分类法 选定一个适当的分类标准,将要完成的事件分成几个类型,分别计算每个类型中的排列数,再由分类加法计数原理得出总数 分步法 选定一个适当的标准,将事件分成几个步骤来完成,分别计算出各步骤的排列数,再由分步乘法计数原理得出总数 捆绑法 相邻问题捆绑处理,即可以把相邻元素看作一个整体与其他元素进行排列,同时注意捆绑元素的内部排列 插空法 不相邻问题插空处理,即先考虑不受限制的元素的排列,再将不相邻的元素插在前面元素排列的空中 除法 对于定序问题,可先不考虑顺序限制,排列后,再除以已定元素的全排列 间接法 对于分类过多的问题,按正难则反,等价转化的方法 5组合技法感悟 两类含有附加条件的组合问题的解法 (1)“含有”或“不含有”某些元素的组合题型:若“含”,则先将这些元素取出,再由另外元素补足;若“不含”,则先将这些元素剔除,再从剩下的元素中去选取. (2)“至少”或“最多”含有几个元素的组合题型:解这类题目必须十分重视“至少”与“最多”这两个关键词的含义,谨防重复与漏解.用直接法或间接法都可以求解,通常用直接法分类复杂时,用间接法求解. 6排列与组合问题的综合应用 易错提醒 解排列组合综合应用问题的思路 解排列组合综合应用题要从“分析”“分辨”“分类”“分步”的角度入手.“分析”就是找出题目的条件、结论,哪些是“元素”,哪些是“位置”;“分辨”就是辨别是排列还是组合,对某些元素的位置有无限制等;“分类”就是对于较复杂的应用题中的元素往往分成互相排斥的几类,然后逐类解决;“分步”就是把问题化成几个互相联系的步骤,而每一步都是简单的排列组合问题,然后逐步解决. 1.区分某一问题是排列问题还是组合问题的关键与方法 (1)关键:看所选的元素与顺序是否有关. (2)方法:交换某两个元素的位置,判断对结果是否产生影响,产生影响的是排列问题,否则是组合问题. 2.与组合数相关的几个公式 (1)Cn(0)+Cn(1)+…+Cn(n)=2n. (2)Cn(m)+Cn-1(m)+…+Cm+1(m)+Cm(m)=Cn+1(m+1). (3)kCn(k)=nCn-1(k-1). 3.解决有限制条件排列问题的策略 (1)根据特殊元素(位置)优先安排进行分步,即先安排特殊元素或特殊位置. (2)根据特殊元素当选数量或特殊位置由谁来占进行分类. 4.组合问题的常见题型及解题思路 (1)常见题型:一般有选派问题、抽样问题、图形问题、集合问题、分组问题等. (2)解题思路:①分清问题是否为组合问题;②对较复杂的组合问题,要搞清是“分类”还是“分步”,一般是先整体分类,然后局部分步,将复杂问题通过两个原理化归为简单问题. 5.分组、分配问题的求解策略 (1)对不同元素的分配问题. ①对于整体均分,解题时要注意分组后,不管它们的顺序如何,都是一种情况,所以分组后一定要除以An(n)(n为均分的组数),避免重复计数. ②对于部分均分,解题时注意重复的次数是均匀分组的阶乘数,即若有m组元素个数相等,则分组时应除以m!,分组过程中有几个这样的均匀分组,就要除以几个这样的全排列数. ③对于不等分组,只需先分组,后排列,注意分组时任何组中元素的个数都不相等,所以不需要除以全排列数. (2)对于相同元素的“分配”问题,常用方法是采用“隔板法”. 6.注意易失误点 (1)分类要全,以免遗漏. (2)插空时要数清插空的个数,捆绑时要注意捆绑后元素的个数及要注意相邻元素的排列数. (3)用间接法求解时,事件的反面情况要准确.
方法解读 问题讲解 一 插空法(不邻问题) 某些元素不相邻的排列组合题,即不邻问题,可采用插空法,即在解决对于某几个元素要求不相邻的问题时,先将其它元素排好,再将指定的不相邻的元素插入已排好元素的间隙或两端位置,从而将问题解决的策略。用这种方法解题思路清晰、简便易懂。 例1:把1,2,3,4,5组成没有重复数字且数字 1,2不相邻的五位数,则所有不同排法有多少种? 解析:本题直接解答较为麻烦,因为可先将 3,4,5三个元素排定,共有种排法,然后再将 1,2插入四个空位共有种排法,故由乘法原理得,所有不同的五位数有种。 (2)例2:在一张节目单中原有六个节目,若保持这些节目的相对顺序不变,再添加进去三个节目,则所有不同的添加方法共有多少种? 解析: -o - o - o - o - o - o - ,即六个节目算上前后共有七个空位,那么加上的第一个节目则有种方法; 此时有七个节目, 再用第二个节目去插八个空位有种方法; 此时有八个节目, 用最后一个节目去插九个空位有种方法。由乘法原理得,所有不同的添加方法为:种。 二 插板法 基本题型 基本题型为:n个相同元素,不同个m组,每组至少有一个元素;则只需在 n 个元素的n-1 个间隙中放置 m-1 块隔板把它隔成 m 份,求共有多少种不同方法? 其解题思路为:将 n 个相同的元素排成一行, n 个元素之间出现了( n-1 )个空档,现在我们用( m-1 )个 “档板 ”插入( n-1 )个空档中,就把 n 个元素隔成有序的 m 份,每个组依次按组序号分到对应位置的几个元素(可能是 1 个、2 个、 3 个、 4 个、 ….),这样不同的插入办法就对应着 n 个相同的元素分到 m 组的一种分法,这种借助于这样的虚拟 “档板 ”分配元素的方法称之为插板法。
例题:共有 10 完全相同的球分到 7 个班里,每个班至少要分到一个球,问有几种不同分法? 解析:我们可以将 10 个相同的球排成一行, 10 个球之间出现了 9 个空隙,现在我们用 6 个档板 ”插入这 9个空隙中,就 “把 10 个球隔成有序的 7 份,每个班级依次按班级序号分到对应位置的几个球(可能是 1 个、2 个、 3 个、 4 个),这样,借助于虚拟 “档板 ”就可以把 10 个球分到了 7 个班中。 基本题型的变形 (1)变形1:有 n 个相同的元素,要求分到 m 组中,问有多少种不同的分法? 解题思路:这种问题是允许有些组中分到的元素为 “0”,也就是组中可以为空的。对于这样的题,我们就首先将每组都填上 1 个,这样所要元素总数就 m 个,问题也就是转变成将( n+m )个元素分到 m 组,并且每组至少分到一个的问题,也就可以用插板法来解决。 例题:有 8 个相同的球放到三个不同的盒子里,共有( )种不同方法 。 解答:题目允许盒子有空,则需要每个组添加 1 个,则球的总数为 8+3 ×1=11,此题就有 C(10 ,2) =45(种)分法了。(两块板放一起C(9,2) + 9 =45) (2)变形2:有 n 个相同的元素,要求分到 m 组,要求各组中分到的元素至少某个确定值 S( s>1,且每组的 s值可以不同) ,问有多少种不同的分法? 解题思路: 这种问题是要求组中分到的元素不能少某个确定值 s,各组分到的不是至少为一个了。 对于这样的题,我们就首先将各组都填满,即各组就填上对应的确定值 s 那么多个,这样就满足了题目中要求的最起码的条件,之后我们再分剩下的球。这样这个问题就转变为上面提到的变形1的问题了,也就可以用插板法来解决。 例题:15 个相同的球放入编号为 1、2、 3 的盒子内,盒内球数不少于编号数,有几种不同的放法? 解析:编号 1:至少 1 个,符合要求; 编号 2:至少 2 个:需预先添加 1 个球,则总数 -1 ; 编号 3:至少 3 个,需预先添加 2 个,才能满足条件,后面添加一个,则总数 -2 ; 则球总数 15-1-2=12 个放进 3 个盒子里,所以 C(11,2)=55 (种)。 三 捆绑法(相邻问题,整体思想)所谓捆绑法,指在解决对于某几个元素要求相邻问题时,先整体考虑,将相邻元素视作一个整体参与排序,然后再单独考虑这个整体内部各元素间顺序。注意:其首要特点是相邻,其次捆绑法一般都应用在不同物体的排序问题中。 例题:6个不同的球放到5个不同的盒子中,要求每个盒子至少放一个球,一共有多少种方法? 解答:根据题目要求,则其中一个盒子必须得放 2 个,其他每个盒子放 1 个球,所以从 6 个球中挑出 2 个球看成一个整体,则有,这个整体和剩下 4 个球放入 5 个盒子里,则有。方法是。
注意主客体,谁是有选择的权利,谁没有选择的权利。(本例中,实习生有选择的权利,并且每个人都有7种选择)
分堆问题,平均分堆问题,局部平均分堆问题
排列组合问题从解法看,大致有以下几种: (1) 有附加条件的排列组合问题,大多需要分类讨论的方法,注意分类时应不重不漏;(2)排列与组合的混合型问题,用分类加法或分步乘法计数原理解决;(3)元素相邻,可以看作是一个整体的方法;(4)元素不相邻,可以利用插空法;(5)间接法,把不符合条件的排列与组合剔除掉;(6)穷举法,把不符合条件的所有排列或组合一一写出来 。
二十二 四色原理(涂色问题) 如图所示的五个区域中,要求在每一个区域只涂一种颜色,相邻区域所涂颜色不同,现有四种颜色可供选择,则不同的涂色方法种数为( ) A.64 B.72 C.84 D.96 【分析】每个区域只涂一种颜色,相邻区域颜色不相同,然后分类研究,A、C不同色;A、C同色两大类. 【解答】解:分两种情况: (1)A、C不同色,先涂A有4种,C有3种,E有2种,B、D有1种,有4×3×2=24种; (2)A、C同色,先涂A有4种,E有3种,还有2种,B、D各有1种,有4×3×2×2=48种. 共有72种,故选:B. 【点评】本题考查排列组合的实际应用,区域涂色、种植花草作物是一类题目.分类要全要细. 四色定理的本质正是二维平面的固有属性,即平面内不可出现交叉而没有公共点的两条直线。很多人证明了二维平面内无法构造五个或五个以上两两相连区域,但却没有将其上升到逻辑关系和二维固有属性的层面,以致出现了很多伪反例。不过这些恰恰是对图论严密性的考证和发展推动。 |
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